Обращение к файлу, выбранному в форме...

[prosto_lynx]

На страничке (HTML-файл) человек заполняет форму, одно из полей которой type="file" (пусть: name="ava") - это изображение!
После нажатия кнопки "submit" загружается новая страница (php), где нужно вывести это изображение.
Оно передается, как я понимаю, так же как и другие переменные новой странице...
Но как к нему правильно обращаться? Как его вывести на страницу?
Пытаюсь сделать через "echo" и тэг "IMG", но никак не получается((

 

[prosto_lynx]

В HTML-е код:

<FORM ENCTYPE="multipart/form-data" action="reg.php" METHOD="post">
<tr><td>Аватарка: <input name = "ava" type = "file"></td></tr>
<tr><td> <input type = "submit" value="Загрузить">
</form>

А в PHP на открытие файла:

 $handle = fopen ($_FILES ['ava']['tmp_name'], "rb");

выдает ошибку, что-то типо:
неопределенная переменная "ava"

(хотя пример из книги скатан... и версия php подходящая вроде)

 

[prosto_lynx]

=))) пардон...
я просто там уже по всякому изголялся... по всякому писал - не получается... поэтому уж думаю, просто хоть как-то к нему обратиться...))

вот один из моих предположений:

 echo "<IMG src={$_FILES ['ava']['tmp_name']}>";

 

[vital]

Оно передается, как я понимаю, так же как и другие переменные новой странице...

НЕТ

 

[codebyner]

if(move_uploaded_file($_FILES['ava']['tmp_name'], $_FILES['ava']['name'])){
$img_src = $_FILES['ava']['name'];
$img = '<img src="'.$img_src.'" alt="подсказка" name="ava">';
}
else{
$img = 'Error';
}

echo $img;

 

[vital]

if(move_uploaded_file($_FILES['ava']['tmp_name'], $_FILES['ava']['name'])){

Бред. Оно не может так работать.
Гуглите описание функции.

 

[vital]

$uploaddir = $_SERVER['DOCUMENT_ROOT'].'/uploads/';

$uploadfile = $uploaddir.basename($_FILES['myfile']['name']);

$file=file_get_contents($_FILES['myfile']['tmp_name']);

move_uploaded_file($_FILES['myfile']['tmp_name'], $uploadfile)

собсно рабочий пример. Обратите внимание на второй параметр передаваемый функции. Он _обязан_ быт полным путем в текущей файловой системе.

 

[codebyner]

))
у меня все работает...

если указываете просто имя файла, то он перемещается в папку с текущим скриптом.
если вы используете функцию move_uploaded_file(), зачем тогда вам нужна третья строчка?

 

[vital]

зачем тогда вам нужна третья строчка?

это копипаста из раочего проекта.

если указываете просто имя файла, то он перемещается в папку с текущим скриптом.

Низя так делать. Это раз. И вы на боевом сервере проверяли? это два.

 

[codebyner]

видно в проекте много лишних строк)

это код работает и на реальном сервере, только имя файла я задаю такой какой мне нужно, и еще путь указываю.

вопрос заключался в том как отобразить принимаемый файл, а не объяснить все тонкости закачки файлов, включая тему безопасности и т.д.

 

[acorn]

вопрос заключался в том как отобразить принимаемый файл

отобразить файл? учи html сначала.

 

[codebyner]

....
После нажатия кнопки "submit" загружается новая страница (php), где нужно вывести это изображение.
....

отобразить == вывести
файл == изображение

"вывести это изображение" == "отобразить файл"

может конечно не совсем корректно, но думаю смысл должен быть понятен. главное к словам не цепляться)